高三数学不等式选讲 知识点和练习

不等式选讲一、绝对值不等式1．绝对值三角不等式定理1：如果a,b是实数，则|a+b|≤|a|+|b|,当且仅当ab≥0时，等号成立注：（1）绝对值三角不等式的向量形式及几何意义：当，不共线时，|+|≤||+||，它的几何意义就是三角形的两边之和大于第三边2）不等式|a|-|b|≤|a±b|≤|a|+|b|中“=”成立的条件分别是：不等式|a|-|b|≤|a+b|≤|a|+|b|，在侧“=”成立的条件是ab≥0，左侧“=”成立的条件是ab≤0且|a|≥|b|;不等式|a|-|b|≤|a-b|≤|a|+|b|，右侧“=”成立的条件是ab≤0，左侧“=”成立的条件是ab≥0且|a|≥|b|定理2：如果a,b,c是实数，那么|a-c|≤|a-b|+|b-c|,当且仅当(a-b)(b-c) ≥0时，等号成立2．绝对值不等式的解法（1）含绝对值的不等式|x|＜a与|x|＞a的解集不等式a＞0a=0a＜0|x|＜a{x|-a＜x＜a}|x|＞a{x|x＞a 或x＜-a }{x|x∈R且x≠0}R注：|x|以及|x-a|±|x-b|表示的几何意义（|x|表示数轴上的点x到原点的距离；| x-a |±|x-b|）表示数轴上的点x到点a,b的距离之和（差）（2）|ax+b|≤c(c＞0)和|ax+b|≥c(c＞0)型不等式的解法①|ax+b|≤c-c≤ax+b≤c;②| ax+b|≥c ax+b≥c或ax+b≤-c.（3）|x-a|+|x-b|≥c(c＞0)和|x-a|+|x-b|≤c(c＞0)型不等式的解法方法一：利用绝对值不等式的几何意义求解，体现了数形结合的思想；方法二：利用“零点分段法”求解，体现了分类讨论的思想；方法三：通过构造函数，利用函数的图象求解，体现了函数与方程的思想。

二、证明不等式的基本方法1．比较法（1）作差比较法①理论依据：a＞ba-b＞0;a＜b a-b＜0.②证明步骤：作差→变形→判断符号→得出结论注：作差比较法的实质是把两个数或式子的大小判断问题转化为一个数（或式子）与0的大小关系2）作商比较法①理论依据： ②证明步骤：作商→变形→判断与1的大小关系→得出结论2．综合法（1）定义：从已知条件出发，利用定义、公理、定理、性质等，经过一系列的推理、论证而得到命题成立，这种证明方法叫做综合法综合法又叫做推证法或由因导果法2）思路：综合法的思索路线是“由因导果”，也就是从一个（组）已知的不等式出发，不断地用必要条件代替前面的不等式，直至推导出要求证明的不等式3．分析法（1）定义：从要证的结论出发，逐步寻求使它成立的充分条件，直至所需条件为已知条件或一个明显成立的事实（定义、公理或已证明的定理、性质等），从而得出要证的命题成立，这种证明方法叫做分析法2）思路：分析法的思索路线是“执果索因”，即从要证的不等式出发，不断地用充分条件来代替前面的不等式，直到打到已知不等式为止注：综合法和分析法的内在联系是综合法往往是分析法的相反过程，其表述简单、条理清楚。

当问题比较复杂时，通常把分析法和综合法结合起来使用，以分析法寻找证明的思路，用综合法叙述、表达整个证明过程4．放缩法（1）定义：证明不等式时，通常把不等式中的某些部分的值放大或缩小，简化不等式，从而达到证明的目的，这种证明方法称为放缩法2）思路：分析证明式的形式特点，适当放大或缩小是证题关键5.除此之外还有反证法和数学归纳法【绝对值不等式习题】【例1】不等式的解集为（A）[-5.7] （B）[-4,6] （C） （D） 【答案】D【解析】由不等式的几何意义知，式子表示数轴的点与点（5）的距离和与点（-3）的距离之和，其距离之和的最小值为8，结合数轴，选项D正确【例2】 已知集合，则集合=________.【答案】【解析】∵，，∴.【例3】对于实数x，y，若，，则的最大值为 .【答案】5【例4】不等式的解集是______.【解析】由题得 所以不等式的解集为例5】若关于x的不等式存在实数解，则实数的取值范围是 【答案】【解析】：因为所以存在实数解，有或【例6】已知函数f（x）=|x-2|-|x-5|.（I）证明：-3≤f（x）≤3；（II）求不等式f（x）≥x2-8x+15的解集.解：（I） 当 所以 （II）由（I）可知， 当的解集为空集； 当； 当.综上，不等式 【例7】已知函数 （1）解关于的不等式； （2）若函数的图象恒在函数图象的上方，求的取值范围。

解：（1）不等式，即当时，不等式的解集是；当时，不等式的解集为；当时，即，即或者，即或者，解集为 （5分）（2）函数的图象恒在函数图象的上方，即对任意实数恒成立即对任意实数恒成立由于，故只要所以的取值范围是不等式证明习题】【例1】若a，b，c为不全相等的正数，求证：lg ＋lg ＋lg ＞lg a＋lg b＋lg c.证明： 由a，b，c为正数，得lg ≥lg ；lg ≥lg ；lg ≥lg .而a，b，c不全相等，所以lg ＋lg ＋lg ＞lg ＋lg ＋lg ＝lg ＝lg(abc)＝lg a＋lg b＋lg c.即lg ＋lg ＋lg ＞lg a＋lg b＋lg c.【例2】证明不等式1+证法一 (1)当n等于1时，不等式左端等于1，右端等于2，所以不等式成立 (2)假设n=k(k≥1)时，不等式成立，即1+＜2，∴当n=k+1时，不等式成立 综合(1)、(2)得 当n∈N*时，都有1+＜2 证法二 对任意k∈N*，都有 证法三 设f(n)= 那么对任意k∈N* 都有 ∴f(k+1)＞f(k)因此，对任意n∈N* 都有f(n)＞f(n－1)＞…＞f(1)=1＞0，∴【例3】已知a＞0，b＞0，且a+b=1 求证 (a+)(b+)≥ 证法一 (分析综合法）欲证原式，即证4(ab)2+4(a2+b2)－25ab+4≥0，即证4(ab)2－33(ab)+8≥0，即证ab≤或ab≥8 ∵a＞0，b＞0，a+b=1，∴ab≥8不可能成立∵1=a+b≥2，∴ab≤，从而得证 证法二 (比较法）∵a+b=1，a＞0，b＞0，∴a+b≥2，∴ab≤证法三 (综合法)∵a+b=1， a＞0，b＞0，∴a+b≥2，∴ab≤ 【例4】已知求证：证明： 【例5】若，，，求证：，不能同时大于1。

证明：由题意知假设有那么同理，①＋②＋③，得矛盾，假设不成立故，，不能同时大于1例6】设函数f(x)＝x－a(x＋1)ln(x＋1)(x＞－1，a≥0).(1)求f(x)的单调区间；(2)求证：当m＞n＞0时，(1＋m)n＜(1＋n)m.【解析】(1)f′(x)＝1－aln(x＋1)－a，①a＝0时，f′(x)＞0，所以f(x)在(－1，＋∞)上是增函数；②当a＞0时，f(x)在(－1，－1]上单调递增，在[－1，＋∞)单调递减.(2)证明：要证(1＋m)n＜(1＋n)m，只需证nln(1＋m)＜mln(1＋n)，只需证＜.设g(x)＝(x＞0)，则g′(x)＝＝.由(1)知x－(1＋x)ln(1＋x)在(0，＋∞)单调递减，所以x－(1＋x)ln(1＋x)＜0，即g(x)是减函数，而m＞n，所以g(m)＜g(n)，故原不等式成立.8。